一、題型專項練選擇題專項練(一)1.下列表述正確的是(　　)A.天然放射性現(xiàn)象中發(fā)射的γ射線在磁場中會發(fā)生偏轉(zhuǎn)B.當原子從高能級躍遷到低能級時,會吸收光子C.當光照射在金屬表面上時,金屬中的質(zhì)子會逸出金屬表面D.原子核的質(zhì)量小于構(gòu)成它的所有核子單獨存在時的總質(zhì)量2.如圖所示,在地面上固定一個豎直放置的大圓環(huán),從環(huán)心O到環(huán)上的A、B兩點連有兩根直桿Ⅰ、Ⅱ,直桿Ⅰ、Ⅱ與水平方向夾角分別為37°和53°(sin37°=0.6,sin53°=0.8)?，F(xiàn)將套在直桿Ⅰ、Ⅱ上的小圓環(huán)從O點由靜止釋放,到達大圓環(huán)上的A、B兩點所用時間之比是2∶,若小圓環(huán)與直桿Ⅰ、Ⅱ之間的動摩擦因數(shù)分別為μ1和μ2,則等于(　　)　　　　　　　　　　　　　　　　A.B.C.D.3.滑冰是很多人非常喜歡的一項運動。在一次訓(xùn)練中,某質(zhì)量為40kg的女運動員以大小為3m/s的速度向靜止的男運動員運動,靠近男運動員的瞬間被男運動員抱起,且保持姿勢不變。若男運動員的質(zhì)量為60kg,則抱起后瞬間兩運動員的速度大小為(　　)A.0.8m/sB.1.2m/sC.1.6m/sD.2m/s4.我國自主研發(fā)的北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)采用三種軌道搭配,有的衛(wèi)星處在距地面21500km的中圓軌道Ⅰ上,其周期約為12h,有的衛(wèi)星處在赤道上空35800km的地球同步軌道Ⅱ上,有的衛(wèi)星處在35800km與赤道平面有一定夾角的軌道Ⅲ上。已知引力常量為G,地球自轉(zhuǎn)周期為24h,下列說法正確的是(　　)A.由題中信息可以估算出地球質(zhì)量B.由題中信息不能估算出地球半徑C.軌道Ⅱ上的衛(wèi)星比軌道Ⅰ上的衛(wèi)星機械能大D.軌道Ⅲ上的衛(wèi)星比軌道Ⅱ上的衛(wèi)星運行得快5.如圖所示,勻強磁場限定在一個圓形區(qū)域內(nèi),磁感應(yīng)強度大小為B,一個質(zhì)量為m,電荷量為q,初速度大小為v的帶電粒子沿磁場區(qū)域的直徑方向從P點射入磁場,從Q點沿半徑方向射出磁場,粒子射出磁場時的速度方向與射入磁場時相比偏轉(zhuǎn)的角度為θ,忽略重力及粒子間的相互作用力,下列說法錯誤的是(　　)A.粒子帶正電B.粒子在磁場中運動的軌跡長度為C.粒子在磁場中運動的時間為,D.圓形磁場區(qū)域的半徑為tanθ6.右圖是某種靜電推進裝置的原理圖,發(fā)射極與吸極接在高壓電源兩端,兩極間產(chǎn)生強電場,虛線為等勢面。在強電場作用下,一帶電液滴從發(fā)射極加速飛向吸極,a、b是其路徑上的兩點。不計液滴重力,下列說法正確的是(　　)A.a點的電勢比b點的低B.a點的電場強度比b點的小C.液滴在a點的加速度比在b點的小D.液滴在a點的電勢能比在b點的大7.(2021廣東高三三模)隨著科技的進步,很多地區(qū)已經(jīng)開始用無人機配送快遞,如圖甲所示。無人機在0~5s內(nèi)的飛行過程中,其水平、豎直方向的速度vx、vy與時間t的關(guān)系圖象分別如圖乙、丙所示,規(guī)定豎直方向向上為正方向。下列說法正確的是(　　)A.0~2s內(nèi),無人機做勻加速直線運動B.2~4s內(nèi),無人機做勻減速直線運動C.t=4s時,無人機運動到最高點D.0~5s內(nèi),無人機的位移大小為9m8.(多選)熱中子核反應(yīng)堆需要控制反應(yīng)速度和反應(yīng)溫度。一種稱為“電磁泵”的裝置,靠熔化的鈉來傳遞核燃燒產(chǎn)生的熱量,抽動液態(tài)鈉的“泵”傳動部分不允許和鈉接觸。如圖所示為該裝置中的耐熱導(dǎo)管,處于向右的勻強磁場中。讓電流通過導(dǎo)管中的鈉液,可以使熔融的鈉在管中按圖中標示的方向加速流過。下列說法正確的是(　　)A.鎘棒插入反應(yīng)堆越深,核反應(yīng)越激烈B.重水使中子減速,有助于提高核反應(yīng)幾率C.導(dǎo)管中鈉液的電流方向垂直速度方向向上,D.導(dǎo)管中鈉液的電流方向與速度的方向相同9.(多選)電阻為2Ω、質(zhì)量為2kg的正方形導(dǎo)線框靜止在光滑水平桌面上,導(dǎo)線框的左邊恰好與磁感應(yīng)強度為2T的勻強磁場區(qū)域的右邊界重合,俯視圖如圖所示(桌面沒有畫出),磁場區(qū)域的寬度及正方形導(dǎo)線框的邊長都為2m,自零時刻起對導(dǎo)線框施加水平作用力F,使導(dǎo)線框以1m/s2的加速度向左做勻加速直線運動進入磁場區(qū)域,導(dǎo)線框全部進入磁場后再以1m/s2的加速度向左做勻減速直線運動離開磁場區(qū)域。對此以下說法正確的是(　　)A.導(dǎo)線框進入磁場過程中,通過導(dǎo)線框某一橫截面的電荷量為4CB.第2s末力F開始改變方向C.自導(dǎo)線框開始進入磁場至完全離開磁場,力F的沖量大小為32N·sD.力F在導(dǎo)線框進入磁場過程中做的功與離開磁場過程中做的功之差為8J10.(多選)如圖甲所示,長木板在粗糙的水平地面上向左運動,某時刻一質(zhì)量與長木板相等的滑塊(可視為質(zhì)點)水平向左以某一初速度從右端滑上木板,滑塊沒有沖出木板且滑塊的動能—位移(Ek-x)圖象如圖乙所示。已知長木板與地面間的動摩擦因數(shù)為0.1,重力加速度取10m/s2,則(　　)A.滑塊和木板的質(zhì)量均為0.25kgB.滑塊和木板之間的動摩擦因數(shù)是0.6C.滑塊滑上木板瞬間,木板的速度大小為m/sD.木板長度至少要m,滑塊才不會沖出木板特色專項練一、題型專項練選擇題專項練(一)1.D　解析天然放射性現(xiàn)象中發(fā)射的γ射線是電磁波,在磁場中不會發(fā)生偏轉(zhuǎn),A錯誤;當原子從高能級躍遷到低能級時,會放出光子,B錯誤;當光照射在金屬表面上時,金屬中的電子會逸出金屬表面,這種現(xiàn)象叫光電效應(yīng),C錯誤;單個核子構(gòu)成原子核時,釋放能量,根據(jù)質(zhì)能方程,出現(xiàn)質(zhì)量虧損,因此原子核的質(zhì)量小于構(gòu)成它的所有核子單獨存在時的總質(zhì)量,D正確。2.A　解析由牛頓第二定律可知,小環(huán)下滑的加速度a=gsinθ-μgcosθ,下滑的時間t=,到達大圓環(huán)上的A、B兩點所用時間之比是2∶,代入計算得等于。故選A。3.B　解析系統(tǒng)動量守恒,則有m1v1=(m1+m2)v2,解得v2=1.2m/s,故選B。4.A　解析根據(jù)軌道Ⅰ和軌道Ⅱ上衛(wèi)星的運行周期和距離地面的高度,由開普勒第三定律有,可以估算出地球半徑,B錯誤;根據(jù)萬有引力提供向心力有G=m(R+h),可以估算出地球質(zhì)量,A正確;由于不知道兩軌道上衛(wèi)星的質(zhì)量或質(zhì)量之比,,所以無法判斷衛(wèi)星的機械能大小關(guān)系,C錯誤;根據(jù)萬有引力提供向心力有G=m,由于軌道Ⅲ上的衛(wèi)星和軌道Ⅱ上的衛(wèi)星距地面高度相同,所以軌道Ⅲ上的衛(wèi)星和軌道Ⅱ上的衛(wèi)星運行速度相同,D錯誤。5.D　解析根據(jù)粒子的偏轉(zhuǎn)方向,由左手定則可以判斷出粒子帶正電,A不符合題意;由洛倫茲力提供向心力可得qvB=m,解得粒子在磁場中運動時,其軌跡的半徑為r=,由幾何關(guān)系可知其對應(yīng)的圓心角為θ,則粒子在磁場中運動的軌跡長度為s=θr=,B不符合題意;粒子做勻速運動的周期為T=,則粒子在磁場中運動的時間為t=·T=,C不符合題意;設(shè)圓形磁場區(qū)域的半徑為R,由tan,解得R=rtantan,D符合題意。6.D　解析由圖可得,電源的左端是正極,a點的電勢比b點高,選項A錯誤;越靠近發(fā)射極,電場線越密,電場強度越強,a點的電場強度比b點大,液滴在a點的電場力比b點大,加速度也比b點大,選項B、C錯誤;液滴由a向b運動過程中,電場力做正功,液滴的電勢能變小,液滴在a點的電勢能比在b點的大,選項D正確。7.C　解析0~2s時間內(nèi),無人機在水平方向做勻加速運動,在豎直方向也做勻加速運動,但初速度沿水平方向,合力與速度方向有夾角,因此,無人機做勻加速曲線運動,故選項A錯誤;2~4s時間內(nèi),無人機在水平方向做勻速直線運動,豎直方向做勻減速直線運動,則合運動為勻變速曲線運動,故選項B錯誤;0~4s時間內(nèi),豎直方向速度一直為正,即一直向上運動,t=4s時,豎直方向速度為0,所以,無人機運動到最高點,故選項C正確;0~5s內(nèi),無人機的水平位移為x=9m,豎直位移為y=1.75m,則合位移為,不等于9m,故選項D錯誤。8.BC　解析鎘棒插入反應(yīng)堆越深,吸收中子越多,核反應(yīng)越慢,故A錯誤;重水使中子減速,慢中子更容易被鈾核捕獲,有助于提高核反應(yīng)幾率,故B正確;要使液態(tài)鈉按圖中方向加速流過,則安培力的方向與速度方向一致,根據(jù)左手定則,則電流方向垂直速度方向向上,故C正確,D錯誤。9.ACD　解析設(shè)導(dǎo)線框邊長為L,勻加速進入過程有L=aΔt2,可得加速時間Δt=2s,導(dǎo)線框進入磁場過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E==4V,感應(yīng)電流為I==2A,通過導(dǎo)線框某一橫截面的電荷量為q=IΔt=4C,A正確;導(dǎo)線框剛好完全進入時速度為v=aΔt=2m/s,導(dǎo)線框受到的安培力為F安=BIL==16N,此后開始做勻減速直線運動,由牛頓第二定律可得F安-F=ma,解得F=14N,方向仍然向左,B錯誤;由對稱性可知,導(dǎo)線框剛好完全離開磁場區(qū)域時速度為零,由動量定理可知,整個過程力F的沖量與安培力的沖量大小相等、方向相反,進入過程,安培力的沖量大小為I安1=BL·q=16N·s,同理可知,離開過程安培力的沖量與進入過程相同,故自導(dǎo)線框開始進入磁場至完全離開磁場,力F的沖量大小等于2I安1,即32N·s,C正確;設(shè)進、出磁場過程,力F做的功分別為W1、W2,由于進、出過程做的分別是加速度大小相等的勻加速、勻減速直線運動,故任意對稱時刻,安培力均相同,即進、出磁場過程安培力做功相等,設(shè)為W,設(shè)運動過程中的最大動能(即導(dǎo)線框完全進入時)為Ek,由以上分析可知Ek=mv2=4J,進、出過程由動能定理可得W1-W=Ek,W2-W=0-Ek,故力F在導(dǎo)線框進入磁場過程中做的功與離開磁場過程中做的功之差為ΔW=W1-W2=2Ek=8J,D正確。10.BC　解析由圖象可知,滑塊滑上木板后動能減小,滑動x1=1m后與木板共速,此時滑塊的動能為1J,則由動能定理得μ1mgx1=Ek0-Ek1=4J-1J=3J,μ2·2mgx2=2Ek1=2J,其中x2=2m,解得μ1=0.6,m=0.5kg,選項A錯誤,B正確;根據(jù)Ek0=得,滑塊滑上木板瞬間,滑塊的初速度大小為v0=m/s=4m/s,同理,共速時滑塊的速度v1=2m/s,滑塊的加速度a1=μ1g=6m/s2,到達共速的時間t=s,木板的加速度a2==4m/s2,滑塊滑上木板瞬間木板的速度v0板=v1-a2t=m/s,到達共速時木板的位移x1'=t=m,滑塊相對木板的位移Δx=x1-x1'=m,即木板長度至少要m,滑塊才不會沖出木板,選項C正確,D錯誤。